題意
給你一個字符串,你可以翻轉一次的任意一個子串。
問翻轉後的子串中各個字符都不相同的最長子串長度。
字符集
題解
可以發現通過翻轉操作我們可以將任意兩個子串拼在一起。
這樣子串所在的位置就不重要了,只需要記錄字符的狀態即可。
注意到字符集,考慮狀壓記錄所有的字符集狀態。
設表示狀態中有多少字母(其實就是的二進制中有多少),設全集爲。
那麼:
所以:
可以發現後面的枚舉子集完全可以預處理出來。
記,則
總時間複雜度
#include<bits/stdc++.h>
#define fp(i,a,b) for(register int i=a,I=b+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(register int i=a,I=b-1;i>I;--i)
#define go(u) for(register int i=fi[u],v=e[i].to;i;v=e[i=e[i].nx].to)
#define file(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
template<class T>inline bool cmax(T&a,const T&b){return a<b?a=b,1:0;}
template<class T>inline bool cmin(T&a,const T&b){return a>b?a=b,1:0;}
using namespace std;
const int N=1e6+5,M=21,S=(1<<20)-1;
int n,ans,Mi[M],cnt[S+5],f[S+5];char s[N];
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
file("s");
#endif
Mi[0]=1;fp(i,1,19)Mi[i]=Mi[i-1]<<1;
fp(i,0,S)cnt[i]=cnt[i>>1]+(i&1);
gets(s+1);n=strlen(s+1);
fp(i,1,n){
vector<bool>v(20);
int w=0;
fp(j,0,min(19,n-i)){
if(v[s[i+j]-'a']==1)break;
v[s[i+j]-'a']=1;
w|=Mi[s[i+j]-'a'];
f[w]=cnt[w];
}
}
fp(i,1,S)fp(j,0,19)
if(i&Mi[j])cmax(f[i],f[i^Mi[j]]);
fp(i,1,S)if(f[i]==cnt[i])
cmax(ans,f[i]+f[S^i]);
printf("%d\n",ans);
return 0;
}