首先w[i]==1的情況肯定直接分配最大值。
對於剩餘情況:
我如果我們預先把1-n的a[i]值都加上記爲sm。
對於w[i]==x的情況:相當於:
選取一段區間[l,r] r-l+1=x,
sm的值減去[l+1,r-1]區間內的a[i]。
我們的目的是讓所有w[i]對應的區間,減去的值和最小。
顯然,讓w[i]最大的區間放在最前面,然後依次放下去,減的數和最小。否則只要變東任意一個區間,整體減去的區間會變大。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define ls (o<<1)
#define rs (o<<1|1)
#define pb push_back
const double PI= acos(-1.0);
const int M = 1e5+7;
/*
int head[M],cnt=1;
void init(){cnt=1,memset(head,0,sizeof(head));}
struct EDGE{int to,nxt,w;}ee[M*2];
void add(int x,int y,int w){ee[++cnt].nxt=head[x],ee[cnt].w=w,ee[cnt].to=y,head[x]=cnt;}
*/
ll a[M],w[M];
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
int t;
cin>>t;
while(t--)
{
int n,k;
cin>>n>>k;
ll sm=0;
for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i],sm+=a[i];
for(int i=1;i<=k;i++)cin>>w[i];
sort(a+1,a+1+n);
sort(w+1,w+1+k);
int id=1,ed=n;
for(int i=k;i>=1;i--)
{
if(w[i]==1)sm+=a[ed],ed--;
else
{
if(w[i]==2)continue;
int c=w[i]-2;
for(int j=id+1;j<=id+c;j++)sm-=a[i];
id=id+c+1;
}
}
cout<<sm<<endl;
}
return 0;
}
如圖:第i層的樹,根root有三顆子樹,其中2個是第i-2層的樹,1個是第i-1層的樹。
令dp[i]爲第i層樹最多能塗色幾個節點。r[i]爲第i層數最多塗節點的情況下,根節點是否必須選擇。
顯然:dp[i]=dp[i-1]+dp[i-2]*2+(r[i-1]==0&&r[i-2]==0)*4; r[i]=(r[i-1]==0&&r[i-2]==0)
然後直接遍歷轉移即可。
或者你也可以直接令dp[i][2],表示第i層樹選根節點/不選根節點 最多塗色節點
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define ls (o<<1)
#define rs (o<<1|1)
#define pb push_back
const double PI= acos(-1.0);
const int M = 2e6+7;
/*
int head[M],cnt=1;
void init(){cnt=1,memset(head,0,sizeof(head));}
struct EDGE{int to,nxt,w;}ee[M*2];
void add(int x,int y,int w){ee[++cnt].nxt=head[x],ee[cnt].w=w,ee[cnt].to=y,head[x]=cnt;}
*/
const int mod= 1e9+7;
ll dp[M];
int r[M];
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
int t;
cin>>t;
dp[3]=4,r[3]=1;
dp[4]=4,r[4]=0;
for(int i=5;i<=2e6;i++)
{
int tp=0;
if(r[i-2]==0&&r[i-1]==0)r[i]=1,tp=4;
dp[i]=(dp[i-2]*2+dp[i-1]+tp)%mod;
}
while(t--)
{
int n;
cin>>n;
cout<<dp[n]<<endl;
}
return 0;
}