題意:
你可以召喚n只怪獸,當第i只怪獸被召喚出來時,它的基礎力量是ai,並且你曾經召喚的怪獸都可以獲得bi力量,如果你扔掉這隻怪獸,bi的加成不會消失,現在你只能留k只怪獸在場上,問你所有在場怪獸的力量總和最大是多少。
題解:
它的數據範圍比較小啊,但是又不是特別小,首先我就排除了搜索和狀壓,至於dp是有可能的吧,但是我懶得去想。
首先可以確定的是,最終留在場上的k只怪獸的召喚順序一定是按b從小到大的,並且最後一隻怪獸放在所有怪獸走完流程之後才召喚,剩下n-k只怪獸重複地進出第k個位置,這樣的獲利是最大的。
那麼如何確定是哪k只怪獸?我們可以發現,雖然它有力量加成這麼一個約束,但是不是對某隻怪獸的特定約束,而是對位置的約束,所以我就沒有考慮網絡流。並且只要一隻怪獸確定位置的話,它前面和後面的怪獸是誰都無所謂,因此,每隻怪獸可以獨立地考慮。
所以不妨假設一開始k只怪獸是前k只怪獸,然後從k+1只怪獸到第n只怪獸一個一個考慮。對於每一隻新來的怪獸,找到裏面可以替換掉的最優解。
我就直接暴力刪掉每一隻怪獸,然後再for一遍s1(答案集合)看看和是多少。
sum維護的是不在答案集合中的怪獸的b值。
時間複雜度尚可
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=80;
struct node{
int id,a,b;
bool operator< (const node& x)const {
if(b==x.b){
if(a==x.a)
return id<x.id;
return a<x.a;
}
return b<x.b;
}
};
multiset<node>s1,s2,tmp;
int in[N];
int main(){
int t;
scanf("%d",&t);
while(t--){
memset(in,0,sizeof(in));
int n,k,a,b;
scanf("%d%d",&n,&k);
s1.clear(),s2.clear();
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%d%d",&a,&b);
if(i<=k)s1.insert({i,a,b});
else s2.insert({i,a,b});
//printf("%d\n",s2.size());
}
//printf("%d\n",(*s1.begin()).id);
int ans=0,sum=0;
multiset<node>::iterator it,iit;
int i;
for(i=1,it=s1.begin();i<=k;i++,it++)
ans+=(i-1)*(*it).b+(*it).a;
for(it=s2.begin();it!=s2.end();it++)
ans+=(k-1)*(*it).b,sum+=(*it).b;
for(int tim=1;tim<=n-k;tim++){
int mx=ans;
node p;
node now=*s2.begin();
s2.erase(s2.begin());
sum-=now.b;
tmp.clear(),tmp=s1;
s1.insert(now);
for(it=tmp.begin();it!=tmp.end();it++){
s1.erase(s1.find(*it));
int val=0;
for(i=1,iit=s1.begin();i<=k;i++,iit++)
val+=(i-1)*(*iit).b+(*iit).a;
val+=(k-1)*(sum+(*it).b);
if(val>mx)
mx=val,p=*it;
s1.insert(*it);
}
if(mx!=ans)
s1.erase(s1.find(p)),ans=mx,sum+=p.b;
else
s1.erase(s1.find(now)),sum+=now.b;
}
printf("%d\n",k+(n-k)*2);
for(i=1,it=s1.begin();i<k;i++,it++)
in[(*it).id]=1,printf("%d ",(*it).id);
for(i=1;i<=n;i++)
if(!in[i]&&i!=(*it).id)
printf("%d -%d ",i,i);
printf("%d\n",(*it).id);
}
return 0;
}