hdu：4035Maze

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hdu4035

题意

有n个房间，由n-1条通道连通起来，实际上就形成了一棵树，从结点1出发，开始走，在每个结点i都有3种可能：
1.被杀死，回到结点1处（概率为ki）
2.找到出口，走出迷宫 （概率为ei）
3.和该点相连有m条边，随机走一条
求：走出迷宫所要走的步数的期望值。

题解

设：i号点走出迷宫步数的期望为Ei ，父亲为Fi ，儿子为Chi ，儿子数目为m 那么E1 即为所求。
容易写出：
对于叶子节点i：
Ei=ki∗E1+(1−ki−ei)∗(EFi+1)=ki∗E1+(1−ki−ei)∗EFi+(1−ki−ei)
对于非叶子节点i：
Ei=ki∗E1+(1−ki−ei)/m∗(EFi+1+∑(EChi+1))=ki∗E1+(1−ki−ei)/m∗EFi+(1−ki−ei)/m∗∑EChi+1−ki−ei
我们发现，对于每个点，他的期望都与他父亲的期望和1号点的期望有关。我们可以写出这种形式：
Ei=Ai∗E1+Bi∗EFi+Ci
对于非叶子节点Ci 的值还与它的儿子有关。设它的儿子为j。
∑Ej=∑(Aj∗E1+Bj∗EFj+Cj)=∑(Aj∗E1+Bj∗Ei+Cj)
将它代入上式：
Ei=ki∗E1+(1−ki−ei)/m∗EFi+(1−ki−ei)/m∗∑(Aj∗E1+Bj∗Ei+Cj)+1−ki−ei
化简后有：
(1−(1−ki−ei)/m∗∑Bj)∗Ei=(ki+(1−ki−ei)/m∗∑Aj)∗E1+(1−ki−ei)/m∗EFi+(1−ki−ei)+(1−ki−ei)/m∗∑Cj
即：
Ai=(ki+(1−ki−ei)/m∗∑Aj)/(1−(1−ki−ei)/m∗∑Bj)Bi=(1−ki−ei)/m/(1−(1−ki−ei)/m∗∑Bj)Ci=((1−ki−ei)+(1−ki−ei)/m∗∑Cj)/(1−(1−ki−ei)/m∗∑Bj)
现在Ai,Bi,Ci 只与他们的儿子ki，ei 有关了。于是可以从下往上递推，推出A1,B1,C1 即可。

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#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<vector>
using namespace std;

struct edge{
    int x,next;
}ed[20010];
int first[10010],du[10010],tot,n,m,x,y,T,id;
double a[10010],b[10010],c[10010],e[10010],k[10010];

void add(int x,int y){
    ed[++tot].x=y;
    ed[tot].next=first[x];
    first[x]=tot;
} 
bool dfs(int x,int y){
    int m=du[x]; 
    a[x]=k[x]; 
    b[x]=(1-k[x]-e[x])/m;
    c[x]=1-k[x]-e[x];
    double tmp=0;
    for(int i=first[x];i;i=ed[i].next)
    if(ed[i].x!=y){
        if(!dfs(ed[i].x,x)) return false;
        a[x]+=(1-k[x]-e[x])/m*a[ed[i].x];
        c[x]+=(1-k[x]-e[x])/m*c[ed[i].x];
        tmp+=(1-k[x]-e[x])/m*b[ed[i].x];
    }
    if(fabs(tmp-1)<1e-9) return false;
    a[x]/=1-tmp;
    b[x]/=1-tmp;
    c[x]/=1-tmp;
    return true;
}
int main(){
    for(scanf("%d",&T);T;T--,id++){
        memset(first,0,sizeof(first));
        memset(du,0,sizeof(du));
        scanf("%d",&n); tot=0;
        for(int i=1;i<n;i++){
            scanf("%d%d",&x,&y);
            add(x,y); add(y,x);
            du[x]++; du[y]++;
        }
        for(int i=1;i<=n;i++){
            scanf("%lf%lf",&k[i],&e[i]);
            k[i]/=100.0; e[i]/=100.0;
        }
        printf("Case %d: ",id+1);
        if(dfs(1,0)&&fabs(1-a[1])>1e-9) printf("%.6f\n",c[1]/(1-a[1]));
        else puts("impossible");
    }
    return 0;
}