題面描述
思路
(一年出兩道單調隊列)
(小花壇不能在大矩陣的邊上)
理解一下題意,冥冥之中看見求和,就會想到不管三七二十一先求前綴和。
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
qr(s[i][j]),s[i][j]+=s[i-1][j]+s[i][j-1]-s[i-1][j-1];
for(int i=C+1;i<n;i++)
for(int j=D+1;j<m;j++)
a[i][j]=s[i][j]-s[i-C][j]-s[i][j-D]+s[i-C][j-D];//小花壇
for(int i=A;i<=n;i++)
for(int j=B;j<=m;j++)
b[i][j]=s[i][j]-s[i-A][j]-s[i][j-B]+s[i-A][j-B];//大矩陣
那麼現在只需要在每個大矩陣中,找到肥沃值最小的小花壇做差更新答案就行了。
關鍵怎麼在一個的大矩陣中找到肥沃度最小的小花壇。
觀察發現實際上是以(i,j)爲右下角的小花壇的肥沃度總和。
實際上
那麼又迴歸到了理想正方形了。
先處理一下,爲了方便起見,可以用一個數組儲存值。
同時改變一下下標,使
if(j>=B-1)p[i][j+1]=a[i][q[l]];
這樣統計答案的時候可以直接、高效。
得出數組之後
實際上是,
類似地,求出數組
實際上就是
即爲答案。
AC code
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#define gc getchar()
using namespace std;
const int N=1e3+10;
inline void qr(int &x)
{
x=0;int f=1;char c=gc;
while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=gc;}
while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+(c^48);c=gc;}
x*=f;
}
void qw(int x)
{
if(x<0)x=-x,putchar('-');
if(x/10)qw(x/10);
putchar(x%10+48);
}
int a[N][N],s[N][N],b[N][N],g[N][N],p[N][N];
int q[N],l,r;
int main()
{
int n,m,A,B,C,D;qr(n),qr(m),qr(A),qr(B),qr(C),qr(D);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
qr(s[i][j]),s[i][j]+=s[i-1][j]+s[i][j-1]-s[i-1][j-1];
for(int i=C+1;i<n;i++)
for(int j=D+1;j<m;j++)
a[i][j]=s[i][j]-s[i-C][j]-s[i][j-D]+s[i-C][j-D];
for(int i=A;i<=n;i++)
for(int j=B;j<=m;j++)
b[i][j]=s[i][j]-s[i-A][j]-s[i][j-B]+s[i-A][j-B];
for(int i=C+1;i<n;i++)
{
l=1;r=0;
for(int j=D+1;j<m;j++)
{
while(l<=r&&q[l]<j-B+D+2)++l;
while(l<=r&&a[i][j]<=a[i][q[r]])--r;
q[++r]=j;if(j>=B-1)p[i][j+1]=a[i][q[l]];
}
}
for(int j=B;j<=m;j++)
{
l=1;r=0;
for(int i=C+1;i<n;i++)
{
while(l<=r&&q[l]<i-A+C+2)++l;
while(l<=r&&p[i][j]<=p[q[r]][j])--r;
q[++r]=i;if(i>=A-1)g[i+1][j]=p[q[l]][j];
}
}
int ans=0;
for(int i=A;i<=n;i++)
for(int j=B;j<=m;j++)
ans=max(ans,b[i][j]-g[i][j]);
qw(ans);puts("");
return 0;
}