有n個商店,n個商店有m條雙向小路相連,在這n個商店裏共有k種不同商品,每個商店只有一種商品,每條路的權重都爲1。現問你從每個商店出發,買夠k種商品中的s種商品所需的最小代價,每個商店可以同時派出多個人買不同商品,買夠即可。
輸入
對於每一組輸入包含四個數字n ,m, k,s (1<=n<=m<=1e5 , 1<=s<=k<=min(n,100))
分別代表商店數,小路數,商品種數,需要的商品數。
接下來n個數 a1,a2…an (1<=ai<=k),ai代表第i個商店的商品編號。
接下來m行小路(u,v),u≠v,代表商店u和v之間有小路連接。
輸出
輸出n個數字,第i個數字代表從商店i出發買夠s種商品所需的最小代價。
樣例輸入
5 5 4 3
1 2 4 3 2
1 2
2 3
3 4
4 1
4 5
7 6 3 2
1 2 3 3 2 2 1
1 2
2 3
3 4
2 5
5 6
6 7
樣例輸出
2 2 2 2 3
1 1 1 2 2 1 1
bfs+貪心
分析:N是1e5,直接對每個點搜肯定超時。而K的範圍很小,而且1-K全部覆蓋。對所有1-K的值BFS,用二維數組dp[i][j]記錄i點要獲取編號爲j的物品最少走過的路程,並對每個點取最小的S個物品對應的路徑。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int maxn =1e5+5;
int a[maxn];
int ans[maxn];
vector<int> G[maxn];
bool vis[maxn];
int d[maxn][305];
void BFS(int val,int N){
memset(vis,0,sizeof(vis));
queue<int> Q;
for(int i=1;i<=N;++i){
if(a[i]==val){
vis[i]=true;
Q.push(i);
}
}
while(!Q.empty()){
int x =Q.front();Q.pop();
for(int i=0;i<G[x].size();++i){
int v = G[x][i];
if(!vis[v]){
vis[v] = true;
d[v][val] = d[x][val]+1;
Q.push(v);
}
}
}
}
int main(){
int N,M,K,S,u,v;
while(scanf("%d%d%d%d",&N,&M,&K,&S)!=EOF){
for(int i=1;i<=N;++i) G[i].clear();
memset(d,0,sizeof(d));
for(int i=1;i<=N;++i) scanf("%d",&a[i]);
for(int i=1;i<=M;++i){
scanf("%d%d",&u,&v);
G[u].push_back(v);
G[v].push_back(u);
}
for(int i=1;i<=K;++i){
memset(vis,0,sizeof(vis));
BFS(i,N);
}
for(int i=1;i<=N;++i){
sort(d[i]+1,d[i]+K+1);
ans[i]=0;
for(int j =1;j<=S;++j){
ans[i]+=d[i][j];
}
}
for(int i=1;i<N;++i) printf("%d ",ans[i]);
printf("%d\n",ans[N]);
}
return 0;
}