大致題意:
求n!有多少位,n<= 1e9 ,1000組數據
大致思路:
顯然是企圖求 lg(n!)+1 向下取整
顯然求lg(n!) 展開的複雜度是On的
但是,他是求多少位,有n!的近似公式斯特林公式(Stirling's approximation)
維基百科:https://en.wikipedia.org/wiki/Stirling%27s_approximation
顯然對於求對數函數來說精確度在n比較大的情況下必然滿足。
//#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <string>
#include <vector>
#include <cstdio>
#include <ctime>
#include <bitset>
#include <algorithm>
#define SZ(x) ((int)(x).size())
#define ALL(v) (v).begin(), (v).end()
#define foreach(i, v) for (__typeof((v).begin()) i = (v).begin(); i != (v).end(); ++ i)
#define reveach(i, v) for (__typeof((v).rbegin()) i = (v).rbegin(); i != (v).rend(); ++ i)
#define REP(i,n) for ( int i=1; i<=int(n); i++ )
#define rep(i,n) for ( int i=0; i< int(n); i++ )
using namespace std;
typedef long long ll;
#define X first
#define Y second
#define PB push_back
#define MP make_pair
typedef pair<int,int> pii;
template <class T>
inline bool RD(T &ret) {
char c; int sgn;
if (c = getchar(), c == EOF) return 0;
while (c != '-' && (c<'0' || c>'9')) c = getchar();
sgn = (c == '-') ? -1 : 1;
ret = (c == '-') ? 0 : (c - '0');
while (c = getchar(), c >= '0'&&c <= '9') ret = ret * 10 + (c - '0');
ret *= sgn;
return 1;
}
template <class T>
inline void PT(T x) {
if (x < 0) {
putchar('-');
x = -x;
}
if (x > 9) PT(x / 10);
putchar(x % 10 + '0');
}
const double pi = acos(-1);
int main(){
int T;
RD(T);
while( T--){
ll n;
RD(n);
ll ans = log10(2*pi*n)/2 + n*(log10(n/exp(1.0)));
PT(ans+1); puts("");
}
}
第1行:一個數T,表示後面用作輸入測試的數的數量。(1 <= T <= 1000) 第2 - T + 1行:每行1個數N。(1 <= N <= 10^9)
共T行,輸出對應的階乘的長度。
3 4 5 6
2 3 3