BestCoder Round #56 (div.2) (部分)

1001 Clarke and minecraft
水題一道，主要是數據處理

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <math.h>
#include <iostream>
using namespace std;
int num[505];
int type[505];
int main()
{
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--)
    {
        int n;
        scanf("%d",&n);
        int a,b;
        memset(num,0,sizeof num);
        memset(type,-1,sizeof type);
        int c=0;
        for(int i=0;i<n;i++)
        {
            scanf("%d%d",&a,&b);
            if(num[a]==0)
            type[c++]=a;
            num[a]+=b;
        }
        int ans=0,cnt=0;
        for(int i=0;i<c;i++)
        {
            if(num[type[i]]%64)
            cnt++;
            cnt+=num[type[i]]/64;
            // or * cnt+=ceil(num[type[i]]*1.0/64); *
        }
        if(cnt%36)
            ans++;
        ans+=cnt/36;
        //or * ans+=ceil(cnt*1.0/36); *
        printf("%d\n",ans);
    }
    return 0;
}

1002 Clarke and problem

dp水題，雖然我也不會，這道題思路主要是雖然|a[i]| <10e9,但是p只有1000，而且我們只需要p的倍數的數，所以a[i]%p不會對原結果產生影響，至於負數也是同樣的道理，然後我們用f[(a[i]+j)%p]=dp[j] j{ 0~p-1}記錄所得的和與p取餘的餘數的方法數，dp[j]=(dp[j]+f[j])%mod則是加上狀態轉移後的增量，最後輸出dp[0]即可，由於j不會超過p所以省略%p的操作。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
const int mod=1e9+7;
int dp[1005];
int f[1005];
int a[1005];
int main()
{
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--)
    {
        int n,p;
        scanf("%d%d",&n,&p);
        memset(dp,0,sizeof dp);
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            scanf("%d",&a[i]);
            a[i]%=p;
            while(a[i]<0) a[i]+=p;
        }
        memset(f,0,sizeof f);
        dp[0]=1;//0也是一種方法
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            for(int j=0;j<p;j++)
            {
                f[(j+a[i])%p]=dp[j];
            }
            for(int j=0;j<p;j++)
                dp[j]=(f[j]+dp[j])%mod;
           // for(int j=0;j<p;j++)
            //printf("%d %d\n",j,dp[j]);
         }
        printf("%d\n",dp[0]);
    }
}