題目
分析
瀏覽一遍題目,很容易分析出是最短路模型。首先跑一次1號店到其他點的最短路,然後在他返回時從每一個點都跑一次最短路,但在返回過程中我們只利用每個點到1號點的最短路,卻要跑(n-1)次,所以顯然十分浪費。並且複雜度是O(n*m log n),爆炸。
如何解決這個問題呢?
如果我們把每條邊的方向反過來,那麼原來每個點到1的最短路就變成了1到每個點的最短路,相當於我們把路反着走了。由於邊權沒有改變,所以答案是正確的。於是我們把單源最短路+單匯最短路的模型轉化爲了兩次單源最短路!
實現起來也非常方便,只需要把每條邊儲存起來,在輸入時先加原邊,然後跑一次求出到每個點的最短路,接着清空邊表加入反向邊,再跑一次求出每次他回來時的最短路。將兩次的答案加起來,就是最終結果了。時間複雜度就是O(2*m log n)。(使用堆優化dijkstra)
代碼
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<iostream>
using namespace std;
const int maxn=100002,inf=2147483647;
struct Edge{
int to,next,v;
}e[maxn*2];
struct Node{
int a,b;
bool operator < (const Node &A) const
{
return b>A.b;
}
};
int from[maxn],to[maxn],val[maxn],head[maxn],dis[maxn];
bool vis[maxn];
priority_queue<Node>q;
int n,m,cnt;
long long ans;
void add(int u,int v,int w)
{
e[++cnt].to=v;
e[cnt].next=head[u];
e[cnt].v=w;
head[u]=cnt;
}
void dijkstra()
{
for(int i=1;i<=n;i++)
dis[i]=inf;
dis[1]=0;
q.push((Node){1,0});
while(!q.empty())
{
Node u=q.top();
q.pop();
if(vis[u.a]) continue;
vis[u.a]=1;
for(int i=head[u.a];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].to;
if(dis[v]>dis[u.a]+e[i].v)
{
dis[v]=dis[u.a]+e[i].v;
q.push((Node){v,dis[v]});
}
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d",&from[i],&to[i],&val[i]);
add(from[i],to[i],val[i]);
}
dijkstra();
for(int i=2;i<=n;i++)
ans+=dis[i];
memset(vis,0,sizeof(vis));
memset(head,0,sizeof(head));
cnt=0;
//不要忘記清空有關變量和數組!!
for(int i=1;i<=m;i++)
add(to[i],from[i],val[i]);
dijkstra();
for(int i=2;i<=n;i++)
ans+=dis[i];
printf("%lld",ans);
return 0;
}