ZYB's Tree
ZYB有一顆N個節點的樹,現在他希望你對於每一個點,求出離每個點距離不超過K的點的個數. 兩個點(x,y)在樹上的距離定義爲兩個點樹上最短路徑經過的邊數, 爲了節約讀入和輸出的時間,我們採用如下方式進行讀入輸出: 讀入:讀入兩個數A,B,令fai爲節點i的父親,fa1=0;fai=(A∗i+B)%(i−1)+1 i∈[2,N] . 輸出:輸出時只需輸出N個點的答案的xor和即可。
第一行一個整數T表示數據組數。 接下來每組數據: 一行四個正整數N,K,A,B. 最終數據中只有兩組N≥100000。 1≤T≤5,1≤N≤500000,1≤K≤10,1≤A,B≤1000000
T行每行一個整數表示答案.
1 3 1 1 1
3
思路:
dp[i][j]表示以i爲根的子樹中,和i距離爲j的點有多少個
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# Author: whai
# Last modified: 2015-12-07 21:13
# Filename: d.cpp
======================================================*/
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <stack>
using namespace std;
#define LL __int64
#define PB push_back
#define P pair<int, int>
#define X first
#define Y second
const int N = 5 * 1e5 + 5;
vector<int> G[N];
int dp[N][15];
void dfs1(int u, int k) {
dp[u][0] = 1;
for(int i = 0; i < G[u].size(); ++i) {
int v = G[u][i];
dfs1(v, k);
for(int j = 0; j < k; ++j) {
dp[u][j + 1] += dp[v][j];
}
}
}
void dfs2(int u, int k) {
for(int i = 0; i < G[u].size(); ++i) {
int v = G[u][i];
for(int j = k; j >= 2; --j) {
dp[v][j] += dp[u][j - 1] - dp[v][j - 2];
}
dp[v][1] += dp[u][0];
dfs2(v, k);
}
}
void init(int n) {
for(int i = 0; i <= n; ++i) {
G[i].clear();
}
memset(dp, 0, sizeof(dp));
}
int main() {
int T;
cin>>T;
while(T--) {
int n, k, A, B;
cin>>n>>k>>A>>B;
init(n);
for(int i = 2; i <= n; ++i) {
int fa = ((LL)A * i + B) % (i - 1) + 1;
G[fa].PB(i);
}
dfs1(1, k);
dfs2(1, k);
int ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; ++i) {
int tmp = 0;
for(int j = 0; j <= k; ++j) {
tmp += dp[i][j];
}
ans ^= tmp;
}
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}