這道題的做法是：用dp[i][j]表示掛滿前i個鉤碼後平衡度爲j的方法數，所以對於每一個平衡度j都有可以是由不同數量的鉤碼達到，只是鉤碼掛在哪裏，所以從第一個鉤碼，第一個平衡度，開始遍歷，每遇到一個dp[i-1][j]都可以推出下一個dp[i][j+...]，爲了避免下標出現負數，同時把平衡度右移，特殊狀態爲dp[0][7500]=1.即不掛鉤碼得到7500的度只有一種方法
#include <iostream>
#include <cstring>#include <string>
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
int dp[25][15004];
int c[30],g[30];
int main()
{
int n,m;
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=n;i++)
cin>>c[i];
for(int i=1;i<=m;i++)cin>>g[i];
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[0][7500]=1;
for(int i=1;i<=m;i++)
for(int j=0;j<=15000;j++)
if(dp[i-1][j])
{
for(int k=1;k<=n;k++)
dp[i][j+g[i]*c[k]]+=dp[i-1][j];
}
cout<<dp[m][7500]<<endl;
return 0;
}