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來源：牛客網
題目描述
Taotao的電腦帶不動絕地求生，所以taotao只能去玩pc版的荒野行動了，
和絕地求生一樣，遊戲人物本身可以攜帶一定重量m的物品，裝備揹包
之後可以多攜帶h（h爲0代表沒有裝備揹包）重量的東西。玩了幾天
taotao發現了一個BUG，當裝備揹包之後，如果可攜帶重量沒有滿，就
可以拿一個任意重的東西。（解釋看樣例）有一天taotao空降到了一個
奇怪的島上，島上有n件裝備，每個裝備都有重量Wi和威力值Vi,但taotao
不認識這些裝備，所以他來求助你，挑選威力最大的裝備，幫助他喫雞。
輸入描述:
本題有多組輸入（小於10），當n=0時結束輸入。
第一行輸入n,m,h。n，m，h爲整數，並且0<=n,m,h<=100，
接下來n行，每行輸入第i個物品的物品的重量Wi和威力值Vi。0<=Wi,Vi<=100.
輸出描述:
輸出最大威力值，每組輸出一行。
示例1
輸入
3 3 3
2 3
3 2
2 3
0
輸出
8
說明
可攜帶的總重量爲6，當拿了前兩件裝備，此時容量爲5/6，還可以再拿第三件物品。
做這套題的時候就已經開始快兩個小時了。。。總是忘記時間。
一開始的想法是把每次背的重量標記下來，如果背滿輸出，背不滿遍歷一下未標記的重量，找最大價值。但是因爲最後還剩十分鐘纔開始寫的這道題，有點細節沒來得及考慮，於是匆匆忙忙交了一個不完整的代碼果斷WA了。
（2rd 補充說明，這個方法有bug，具體看評論回覆。棄用）
另一種方法就是暴力，因爲數據小，所以讓總揹包重量爲m+h-1，減去一個1代表肯定背不滿。那樣就可以遍歷每一個揹包，在遍歷當前揹包時，此包不背，去背其它包。
這樣ans=max(ans，最後得到的最大價值+當前揹包的價值)。
題目有句話說：當裝備揹包之後，如果可攜帶重量沒有滿，就
可以拿一個任意重的東西，所以要考慮h爲0的時候，即使背不滿也不能去拿其它的物品。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<string>
#include<cmath>
#include<iomanip>
#include<stack>
#include<vector>
#include<map>
#include<queue>
#include<algorithm>
#define max(a,b) (a>b?a:b)
#define min(a,b) (a<b?a:b)
#define swap(a,b) (a=a+b,b=a-b,a=a-b)
#define X (sqrt(5)+1)/2.0 //Wythoff
using namespace std;
typedef long long int LL;
const int MAXL(2*1e2);
const int INF(0x3f3f3f3f);
const int mod(1e9+7);
int dir[4][2]= {{-1,0},{1,0},{0,1},{0,-1}};
int weight[MAXL+50];
int value[MAXL+50];
int dp[MAXL+50];
int main()
{
ios_base::sync_with_stdio(false);
int n,m,h;
while(cin>>n&&n)
{
cin>>m>>h;
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i=1; i<=n; i++)
cin>>weight[i]>>value[i];
if(!h)
{
for(int i=1; i<=n; i++)
{
for(int j=m; j>=weight[i]; j--)
{
dp[j]=max(dp[j],dp[j-weight[i]]+value[i]);
}
}
cout<<dp[m]<<endl;
}
else
{
int w=m+h-1;
int ans=0;
for(int k=1; k<=n; k++)
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i=1; i<=n; i++)
{
if(i==k) continue;
for(int j=w; j>=weight[i]; j--)
{
dp[j]=max(dp[j],dp[j-weight[i]]+value[i]);
}
}
ans=max(ans,dp[w]+value[k]);
}
cout<<ans<<endl;
}
}
}