題意
- 給你一棵以爲根的二叉樹,每一個葉子節點有一個範圍內的權值,每個非葉子節點上有一個運算符,非葉子節點的權值爲它的所有子節點進行該運算的結果,求每個葉子節點的值改變後號點的權值
這個題剛開始看不是很好搞
但是它同時只會修改一個點 那麼就降低了難度
先對原樹進行一遍,求出每一個節點的權值
然後再來尋找哪些葉子節點改變會影響根節點權值
對於一個點 如果是葉子節點,改變它肯定會影響它的答案
如果是運算,那麼它的兩個孩子答案都爲就沒影響
如果有一個是, 就遞歸搜索答案爲的那個點
如果兩個都是, 就分別遞歸兩個點
其他運算同理討論一下就可以了
運算的時候注意下細節 就做完了
Codes
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e6 + 10;
int n, ans[N], vis[N], leave[N], cnt;
struct node {
int ls, rs, val;
}T[N];
int dfs(int x) {
int lson = T[x].ls, rson = T[x].rs;
if(T[x].val >= 0) return ans[x] = T[x].val;
if(T[x].val == -1) return ans[x] = dfs(lson) ^ dfs(rson);
if(T[x].val == -2) return ans[x] = dfs(lson) & dfs(rson);
if(T[x].val == -3) return ans[x] = dfs(lson) | dfs(rson);
if(T[x].val == -4) return ans[x] = dfs(lson) ^ 1;
return puts("ylsakioi");
}
void Dfs(int x) {
int lson = T[x].ls, rson = T[x].rs;
if(T[x].val >= 0) vis[x] = 1;
if(T[x].val == -1) Dfs(lson), Dfs(rson);
if(T[x].val == -2) {
if(ans[lson] & ans[rson]) Dfs(lson), Dfs(rson);
else if(ans[lson] | ans[rson]) Dfs(ans[lson] ? rson : lson);
}
if(T[x].val == -3) {
if(ans[lson] & ans[rson]) return;
if(ans[lson] | ans[rson]) Dfs(ans[lson] ? lson : rson);
else Dfs(lson), Dfs(rson);
}
if(T[x].val == -4) Dfs(lson);
}
int main() {
#ifdef ylsakioi
freopen("f.in", "r", stdin);
freopen("f.out", "w", stdout);
#endif
char s[10];
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; ++ i) {
scanf("%s", s);
if(s[0] == 'I') scanf("%d", &T[i].val), leave[++ cnt] = i;
else {
if(s[0] == 'X') T[i].val = -1;
if(s[0] == 'A') T[i].val = -2;
if(s[0] == 'O') T[i].val = -3;
if(s[0] == 'N') T[i].val = -4;
scanf("%d", &T[i].ls);
if(s[0] != 'N') scanf("%d", &T[i].rs);
}
}
dfs(1); Dfs(1);
for(int i = 1; i <= cnt; ++ i)
putchar(48 + (vis[leave[i]] ^ ans[1]));
return 0;
}