题目链接：https://codeforces.com/contest/1287/problem/C
题目大意：一个1~n的序列，其中有几个数字缺了，是0，填充这些0，使得结果中相邻数字奇偶性不同的数量最少。
题目思路：怀疑人生。。感觉自己弱爆了。看了官方题解，其实跟我的思路一致，但我觉得有问题，就是这个贪心。简单说一下，就是将每一段连续的0看成一段，然后先处理这些段两端是相同奇偶性或者是到头的(0是第一个数字或最后一个数字的情况)，然后从短到长逐个处理。这种情况的好处是，如果能填上，那么对答案贡献是0，能让结果尽可能少。但是我的问题在于，在这种情况下，如果有一段奇数为两端的，和偶数为两端的，一样长，那怎么办，如果偶数比较多，可不可能因为他去帮助了奇数导致他填自己偶数的时候歇逼了。刚才写题解的时候突然想到，因为最后总是能填满，所以即使一个小伙需要帮忙，那另一个缺口靠另一个小伙肯定能补上。。。
行吧，反正感觉这码量也多的吓人，看了qsc的视频后，恍然大悟。qsc聚聚在视频里反复强调这题的简单。。唉，难受，感觉他的思路确实非常清晰值得学习。而且他说的转换我也想到了，反正不要求输出填完后的结果，直接把奇数看成1，偶数看成0，然后让你往里头填0 1使得相邻不一样的最少，那马上就有内味了啊！一个位就两种情况，一共100个位，不爆搜对得起这数据范围吗？？太蠢了。。。
然后讲一下到底咋搞。记忆化搜索嘛，dp[i][j][k][p]，i表示到了第几位，j表示还剩几个偶数要填，k表示还剩多少个奇数要填，p表示上一位到底填的啥，0表示填的偶数，1表示填的奇数，2表示上一位还啥都没填。然后如果这一位不是0，也就是已经有值，如果是偶数，看看上一位是不是偶数，如果是，直接搜下一个，不是的话，搜完还得+1，因为偶数和奇数之间有一种不同的奇偶性。剩下的就基本这个思路，真看不懂评论问一嘴，或者直接看qsc视频，讲的非常非常好，非常清楚：qsc讲解传送门
以下是代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define per(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ll long long
const int MAXN = 1e2+5;
int a[MAXN],n,dp[MAXN][MAXN][MAXN][5];
int dfs(int pos,int x,int y,int val){
if(pos==n+1)return 0;
if(dp[pos][x][y][val]!=-1)return dp[pos][x][y][val];
if(a[pos]){
if(a[pos]%2==0){
if(val==1)return dfs(pos+1,x,y,0)+1;
else return dfs(pos+1,x,y,0);
}
else{
if(val==0)return dfs(pos+1,x,y,1)+1;
else return dfs(pos+1,x,y,1);
}
}
else{
int minn=1e9;
if(val==0){
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0));
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1)+1);
}
else if(val==1){
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0)+1);
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1));
}
else{
if(x)minn=min(minn,dfs(pos+1,x-1,y,0));
if(y)minn=min(minn,dfs(pos+1,x,y-1,1));
}
dp[pos][x][y][val]=minn;
return minn;
}
}
int main(){
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
while(cin>>n){
int ou=n/2,ji=n/2+n%2;
memset(dp,-1,sizeof(dp));
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
if(a[i]&&a[i]%2==0)ou--;
if(a[i]&&a[i]%2==1)ji--;
}
cout<<dfs(1,ou,ji,2);
}
return 0;
}