傳送門
描述
學校實行學分制。
每門的必修課都有固定的學分,同時還必須獲得相應的選修課程學分。
學校開設了 N 門的選修課程,每個學生可選課程的數量 M 是給定的。
學生選修了這 M 門課並考覈通過就能獲得相應的學分。
在選修課程中,有些課程可以直接選修,有些課程需要一定的基礎知識,必須在選了其他的一些課程的基礎上才能選修。
例如《Windows程序設計》必須在選修了《Windows操作基礎》之後才能選修。
我們稱《Windows操作基礎》是《Windows程序設計》的先修課。
每門課的直接先修課最多隻有一門。
兩門課可能存在相同的先修課。
你的任務是爲自己確定一個選課方案,使得你能得到的學分最多,並且必須滿足先修條件。
假定課程之間不存在時間上的衝突。
輸入格式
輸入文件的第一行包括兩個整數N、M(中間用一個空格隔開)其中1≤N≤300,1≤M≤N。
接下來N行每行代表一門課,課號依次爲1,2,…,N。
每行有兩個數(用一個空格隔開),第一個數爲這門課先修課的課號(若不存在先修課則該項爲0),第二個數爲這門課的學分。
學分是不超過10的正整數。
輸出格式
輸出一個整數,表示學分總數。
輸入樣例:
7 4
2 2
0 1
0 4
2 1
7 1
7 6
2 2
輸出樣例:
13
這道題就當成一棵樹來做就行了,沒有先選課的我們就假設先選課爲0,而在我們計算答案的時候dfs到0就不加學分就行了,最後輸出
AC代碼如下:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int h[330], e[330], ne[330], w[330];
int dp[330][330],cnt,n,m;
void add(int x,int y){
e[cnt] = x, ne[cnt] = h[y], h[y] = cnt++;
}
void dfs(int x){
for (int i = h[x]; i != -1;i=ne[i])
{
int y = e[i];
dfs(y);
for (int j = m; j >= 1;j--){
for (int k = 1; k <= j;k++)
dp[x][j] = max(dp[x][j], dp[x][j - k] + dp[y][k]);
}
}
if(x!=0)
for (int i = m; i >= 1;i--)
dp[x][i] = dp[x][i-1] + w[x];
}
int main()
{
cin >> n >> m;
for(int i=0;i<=n;i++)h[i]=-1;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
int a;
cin >> a >> w[i];
add(i, a);
}
dfs(0);
cout << dp[0][m] << endl;
return 0;
}